廣東省深圳市光明區(qū)華夏中學(xué) (518107) 蔣紅珠

華南師范大學(xué)數(shù)學(xué)科學(xué)學(xué)院 (510631) 黃文麗

內(nèi)江師范學(xué)院數(shù)學(xué)與信息科學(xué)學(xué)院 (641100) 劉成龍

試題再現(xiàn)(2020年深圳中考第16題(下文簡(jiǎn)稱16題))如圖1，已知四邊形ABCD，AC與BD相交于點(diǎn)

圖1

16題以直角三角形構(gòu)成的四邊形為載體，主要考查學(xué)生對(duì)常見相似三角形相關(guān)模型的掌握程度，考查學(xué)生對(duì)面積比問題的轉(zhuǎn)化與解決能力，具有言語(yǔ)直觀、構(gòu)思精巧、圖形簡(jiǎn)潔、內(nèi)涵豐富、背景公平、解法多樣等特點(diǎn)，是考查學(xué)生邏輯推理、直觀想象、數(shù)學(xué)建模、數(shù)學(xué)運(yùn)算等素養(yǎng)的有力素材．同時(shí)，16題是數(shù)學(xué)探究的良好素材．下文將從試題的背景、解法和變式三個(gè)視角進(jìn)行探究．

1 背景探究

研究試題背景可以準(zhǔn)確把握試題的本質(zhì)、理解試題的設(shè)問、擴(kuò)寬試題的解法、加強(qiáng)試題的擴(kuò)展．中考數(shù)學(xué)壓軸題追求試題背景的新穎性與獨(dú)特性，常常是在“教材知識(shí)”的基礎(chǔ)上向四大背景上集中：高中數(shù)學(xué)背景、現(xiàn)實(shí)生活背景、歷史名題背景、經(jīng)典試題背景(包括往年的競(jìng)賽題或中考題)．16題蘊(yùn)涵教材背景和競(jìng)賽背景．

背景1教材背景

源于北師大版九年級(jí)上冊(cè)第三章《圖形的相似》復(fù)習(xí)題中的第22題(第107頁(yè)):

第22題如圖2，AB⊥BD，CD⊥BD，AB=6，CD=4，BD=14，點(diǎn)P在BD上移動(dòng)，當(dāng)以P，C，D為頂點(diǎn)的三角形與ΔABP相似時(shí)，求PB的長(zhǎng)．

評(píng)注：第22題中當(dāng)以P，C，D為頂點(diǎn)的三角形與ΔABP相似時(shí)，就可提煉出“一線三等角模型”中的“一線三直角模型”，是相似三角形中的重要模型．在16題的圖1中，過點(diǎn)D作BC的平行線與BA的延長(zhǎng)線交于點(diǎn)E，如圖3所示，通過16題的其他條件可知∠E=∠ABC=∠DAC=90°，即含有“一線三直角模型”．命題者間接選擇“一線三直角模型”為素材，為ΔABD和ΔCBD求面積找底和高奠定了基礎(chǔ)，考查學(xué)生轉(zhuǎn)化與化歸思想及數(shù)形結(jié)合思想．

圖3

背景2競(jìng)賽背景

(1)

2 解法探究

圖5

評(píng)注：解法1主要使用了相似三角形的性質(zhì)來解答問題，解法1后面求OC時(shí)，也可使用射影定理來求．

解法2：如圖6，過點(diǎn)D作BC的平行線與BA的延長(zhǎng)線交于點(diǎn)E，過點(diǎn)O作AB的垂線交AB于點(diǎn)F，由∠ABC=∠DAC=90°，則易證ΔAED～ΔOFA～ΔCBA且ΔAFO～ΔDEB．因?yàn)?/p>

圖6

思路3 解法1和解法2都主要通過相似三角形的性質(zhì)來解答的，而構(gòu)造相似三角形的一個(gè)重要方法就是作平行線，構(gòu)造“8”字模型．

圖7

評(píng)注：解法3利用作平行線構(gòu)造相似三角形，在求解OA與OC的比值過程中主要使用方程的思想．

思路4 求兩個(gè)三角形的面積之比時(shí)，更為直接的想法是用底和高的乘積將其表示出來．

圖8

評(píng)注：解法4和解法5解答原理一樣，只是尋找ΔABD和ΔCBD不同的底和高而已．

圖9

圖10

評(píng)注：解法6與解法4、5后續(xù)的解答過程類似．

思路6 由圖10，考慮用割補(bǔ)法求三角形的面積．針對(duì)ΔABD，比較好算的是采用補(bǔ)形法，即SΔABD=SΔBED-SΔAED．求ΔCBD的面積時(shí)，則有如下4種方法．

解法7：SΔCBD=S梯形ΔEBCD-SΔEBD．

解法8：SΔCBD=S梯形ΔEBCD-SΔABD-SΔEAD．

解法9：SΔCBD=SΔBDG+SΔCDG．

解法10：SΔCBD=S矩形EBCF-SΔEBD-SΔDFC．

評(píng)注：由解法2易得解法7、8、9、10中所出現(xiàn)的三角形、梯形、矩形的面積，此處不再贅述．

3 變式探究

思路1 已知OB與OD的比值和AB與BC的比值，求OA與OC的比值和AD與AC的比值．

變式1 如圖11，已知四邊形ABCD，AC與BD相交于點(diǎn)

求證

變式1的證明由16題的解法1易證出．

思路2 已知OA與OC的比值和AB與BC的比值，去求OB與OD的比值和AD與AC的比值．

變式2 如圖11，已知四邊形ABCD，AC與BD相交于點(diǎn)

圖11

求證

圖12

思路3 已知OB與OD的比值和AD與AC的比值，去求OA與OC的比值和AB與BC的比值．

變式3 如圖13，已知四邊形ABCD，AC與BD相交于點(diǎn)

圖13

求證

簡(jiǎn)證：如圖14，設(shè)AD=3x，則

圖14

思路4 已知OA與OC的比值和AD與AC的比值，去求OB與OD的比值和AB與BC的比值．

變式4 如圖15，已知四邊形ABCD，AC與BD相交于點(diǎn)

圖15

求證

思路5 在背景探究中揭示了本題蘊(yùn)含的“一線三直角模型”，若圖1中的∠ABC和∠DAC不是直角，結(jié)論會(huì)怎樣？于是得到如下推廣．

變式5 如圖16，已知四邊形ABCD，AC與BD相交于點(diǎn)

圖16

簡(jiǎn)證：過點(diǎn)B作AD的平行線與AC相交，方法類似于解法探究中的解法1．

評(píng)注：為了描述的簡(jiǎn)便性，在RtΔDAC和RtΔABC為載體的四邊形ABCD中，稱OB與OD的比值和OA與OC的比值為“內(nèi)邊比”、稱AB與BC的比值、AD與AC的比值為“直角三角形的外邊比”．從變式1、2、3、4可知，只要已知任意一組“內(nèi)邊比”和一組“直角三角形的外邊比”，就可求出另一組“內(nèi)邊比”和另一組“直角三角形的外邊比”．變式5讓16題更具一般性．