楊蒼洲

(福建省泉州第五中學 362000)

有一類混合指對數(shù)式的函數(shù)導數(shù)壓軸試題，常常可以通過指數(shù)與對數(shù)的互相轉(zhuǎn)化，實現(xiàn)局部同構，并對同構部分的式子進行換元，從而化繁為簡，并結合重要不等式進行求解，我們把此方法稱為“局部同構換元法”.要掌握這種解題方法:

有了上述的兩個基礎知識，我們就可以應用“局部同構換元法”解決求函數(shù)的最值、不等式的證明、恒成立問題求參數(shù)等問題.

一、同構換元法求函數(shù)最值

利用重要的不等式進行放縮，是求函數(shù)最值的一種常見方法.因此，含有復雜的指對數(shù)函數(shù)問題，可以通過局部同構換元，并結合重要不等式進行放縮，把函數(shù)放縮至某常數(shù)，則該常數(shù)可能為函數(shù)的最值.此時，需注意在函數(shù)的定義域內(nèi)是否存在對應的變量使得函數(shù)取得該最值.

A.a=bB.a

C.a>bD.a,b的大小關系不確定

解法1f(x)=xex-lnx-x-2=elnx+x-(lnx+x)-2，易知et-t≥1，當且僅當t=0時，等號成立.

所以elnx+x-(lnx+x)-2≥1-2 =-1.

所以當且僅當lnx+x=0時，f(x)取得最小值-1，即a=-1.

所以ex-lnx-2-(x-lnx-2)-2≥1-2 =-1.

所以當且僅當x-lnx-2=0時，g(x)取得最小值-1，即b=-1.

因此a=b，故選A.

解法2f(x)=xex-lnx-x-2=xex-ln(xex)-2，易知t-lnt≥1，當且僅當t=1時，等號成立.

所以xex-ln(xex)-2≥1-2=-1.

故當且僅當xex=1時，f(x)取得最小值-1，即a=-1.

因此a=b，故選A.

二、同構換元法證明不等式

證明含有指對數(shù)式的不等式，可以嘗試先對原不等式進行轉(zhuǎn)化，從而構造出相同的式子，并進行換元，然后構造關于新元的函數(shù)，并求解含新元函數(shù)的最值，從而實現(xiàn)不等式的證明.

例2已知函數(shù)h(x)=(ax-1)·ex，a∈R.

(1)討論f(x)的單調(diào)性；

(2)若a=1，求證：當x>-1時，h(x)≥exln(x+1)-x-1.

解法1 (1)略；

(2)不等式(x-1)·ex≥exln(x+1)-x-1，等價于(x+1)·e-x-ln(x+1)+x-1≥0，等價于eln(x+1)-x-[ln(x+1)-x]-1≥0.

易知et-t-1≥0.

令t=ln(x+1)-x，故上式成立，不等式得證.

解法2 (1)略；

(2)不等式(x-1)·ex≥exln(x+1)-x-1，等價于(x+1)·e-x-ln(x+1)+x-1≥0，等價于(x+1)·e-x-ln[(x+1)·e-x]-1≥0.

易知t-lnt-1≥0.

令t=(x+1)·e-x，故上式成立，不等式得證.

三、同構換元法求參數(shù)范圍

在含參不等式的恒成立問題中，若能構造出幾個熟悉不等式的形式，那么就可以猜測參數(shù)的臨界位置及其范圍，并對其進行證明.如此可使得解題目標、方向更加明確.

A.(-∞,1-e] B.(-∞,-3]

C.(-∞,-2] D.(-∞,2-e2]

ex·x-3-ln(ex·xa)-1≥0.

(*)

易知t-lnt-1≥0，當且僅當t=1時，等號成立.

(1)當a≤-3時，由x∈(1,+∞)知，xa≤x-3，ex·xa≤ex·x-3.

所以ex·x-3-ln(ex·xa)-1≥ex·x-3-ln(ex·x-3)-1≥0，故(*)恒成立，滿足題意.

(2)當a>-3時，由x∈(1,+∞)知，xa>x-3，ex·xa>ex·x-3.

所以ex·x-3-ln(ex·xa)-1

又因為當x=x0時，ex·x-3-ln(ex·x-3)-1=0，此時ex·x-3-ln(ex·xa)-1<0，不滿足題意.

綜上，a≤-3.

(*)

易知et-t-1≥0，當且僅當t=1時，等號成立.

令t=x-3lnx，則ex-3lnx-(x-3lnx)-1≥0，當且僅當x=x0(其中x0滿足x0-3lnx0=1)時，等號成立.

(1)當a≤-3時，由x∈(1,+∞)知，lnx>0，alnx≤-3lnx，x-3lnx≥x+alnx.

所以ex-3lnx-(x+alnx)-1≥ex-3lnx-(x-3lnx)-1≥0，故(*)恒成立，滿足題意.

(2)當a>-3時，由x∈(1,+∞)知，lnx>0，alnx>-3lnx，x-3lnx

所以ex-3lnx-(x+alnx)-1

又因為當x=x0時，ex-3lnx-(x-3lnx)-1=0，此時ex-3lnx-(x+alnx)-1<0，不滿足題意.

綜上，a≤-3.

由上述三例可知，此方法的應用：一在于如何進行適當?shù)暮愕茸冃危瑥亩玫较嗤氖阶?；二在于心中要有幾個重要的不等式及其變式.此方法的應用一般都可以有兩條途徑，即，若能利用不等式t-lnt-1≥0解題，也應該能利用不等式et-t-1≥0解題.