韋瑩 羅連

[摘? ?要]文章結(jié)合高考的考查重點(diǎn)——指數(shù)函數(shù)、對(duì)數(shù)函數(shù)，分析運(yùn)用對(duì)數(shù)恒等式解決指對(duì)數(shù)混合式問(wèn)題的兩種方法技巧：一是對(duì)數(shù)恒等式同構(gòu)式轉(zhuǎn)化法：[alogaN=NN>0， a>0且a≠1];二是指、對(duì)數(shù)相關(guān)不等式放縮法：[ex≥x+1x∈R]與[lnx≤x-1x>0].

[關(guān)鍵詞]對(duì)數(shù)恒等式;同構(gòu)式轉(zhuǎn)化法;切線放縮法

[中圖分類(lèi)號(hào)]? ? G633.6? ? ? ? [文獻(xiàn)標(biāo)識(shí)碼]? ? A? ? ? ? [文章編號(hào)]? ? 1674-6058（2021）20-0018-03

一、相關(guān)性質(zhì)、定理

指數(shù)函數(shù)、對(duì)數(shù)函數(shù)是中學(xué)數(shù)學(xué)重要的基本初等函數(shù)，也是歷年高考數(shù)學(xué)考查的重難點(diǎn).其中，涉及指、對(duì)數(shù)含參、最值等導(dǎo)數(shù)與函數(shù)的問(wèn)題，綜合性強(qiáng)，靈活應(yīng)用性高，運(yùn)用以下兩種方法技巧可實(shí)現(xiàn)高效、創(chuàng)新求解.一是對(duì)數(shù)恒等式同構(gòu)式轉(zhuǎn)化法：[alogaN=NN>0， a>0且a≠1];二是指、對(duì)數(shù)相關(guān)不等式放縮法：[ex≥x+1（x∈R）]與[ln x≤x-1（x>0）].

1.相關(guān)性質(zhì)

性質(zhì)：[alogaN=NN>0， a>0且a≠1].

這個(gè)等式描述了對(duì)數(shù)的一種性質(zhì)，稱為“對(duì)數(shù)恒等式”，當(dāng)指、對(duì)數(shù)同時(shí)出現(xiàn)在一個(gè)式子中時(shí)，可以考慮利用這個(gè)恒等式把常數(shù)轉(zhuǎn)化成指數(shù)，其中[x=eln xx>0]就是最常用的一個(gè)特例.

2.兩個(gè)定理

定理 1： [?x∈R]，都有[ex≥x+1]，當(dāng)且僅當(dāng)[x=0]時(shí)等號(hào)成立.

證明：令[g（x）=ex-x-1]，則[g（x）=ex-1]，

當(dāng)[x>0]時(shí)，[g（x）>0]，[g（x）]單調(diào)遞增;

當(dāng)[x<0]時(shí)，[g（x）<0]，[g（x）]單調(diào)遞減.

故[g（x）≥g（0）=0]，即[ex≥x+1]恒成立，當(dāng)且僅當(dāng)[x=0]時(shí)等號(hào)成立.

定理2 ：[?x∈0，+∞]，都有[ln x≤x-1]，當(dāng)且僅當(dāng)[x=1]時(shí)等號(hào)成立.

不等式[ln x≤x-1]的證明方法與定理1相似，這里不再贅述.

在涉及指、對(duì)數(shù)的問(wèn)題中，直接構(gòu)造函數(shù)比較復(fù)雜，利用這兩個(gè)不等式進(jìn)行放縮，可化繁為簡(jiǎn)，實(shí)現(xiàn)問(wèn)題的高效求解.

二、實(shí)例應(yīng)用

1.對(duì)數(shù)恒等式同構(gòu)式轉(zhuǎn)化法

同構(gòu)式是指變量不同、結(jié)構(gòu)相同的表達(dá)式，多表現(xiàn)為函數(shù)對(duì)稱性的應(yīng)用，形如[x1-ln x1≥x2-ln x2]，記[F（x）=x-ln x]，則原不等式可變形為[F（x1）≥Fx2].在指、對(duì)數(shù)的問(wèn)題中，直接構(gòu)造函數(shù)利用隱零點(diǎn)進(jìn)行求解，分析和計(jì)算量都較大，但利用對(duì)數(shù)恒等式的常用形式[x=eln xx>0]，對(duì)指、對(duì)數(shù)混合式進(jìn)行改造、變形，可使其實(shí)現(xiàn)結(jié)構(gòu)的統(tǒng)一，化繁為簡(jiǎn).對(duì)數(shù)恒等式同構(gòu)式轉(zhuǎn)化主要通過(guò)以下兩個(gè)步驟完成：（1）構(gòu)造對(duì)稱函數(shù)[Fg（x）≥≤Fh（x）]，其中稱[F（x）]為外層函數(shù)，通常情況下函數(shù)[F（x）]具備兩個(gè)特點(diǎn)：①含指數(shù)、對(duì)數(shù)的混合式;②單調(diào)性和最值易求;（2）研究[F（x）]的單調(diào)性，將問(wèn)題轉(zhuǎn)化為內(nèi)層函數(shù)[g（x）]與[h（x）]的單調(diào)性、極值、最值問(wèn)題求解.下面結(jié)合具體例子進(jìn)行分析.

[例1]（2020年黑龍江二模）已知不等式[x+aln x+1ex≥xa]對(duì)[x∈1，+∞]恒成立，則實(shí)數(shù)[a]的最小值為（ ）.

A.[-e] B.[-e2] C.[-e] D.[-2e]

解：不等式[x+aln x+1ex≥xa]對(duì)[x∈1，+∞]恒成立，即[x+1ex≥xa-aln x=xa-ln xa]對(duì)[x∈1，+∞]恒成立，即[e-x-ln e-x≥xa-ln xa]對(duì)[x∈1，+∞]恒成立.

設(shè)函數(shù)[f（x）=x-ln x]，則[f（x）=1-1x=1-xx]，∴[f（x）]在[0，1]上單調(diào)遞減，在[1，+∞]上單調(diào)遞增，即[f（e-x）≥f（xa）]對(duì)[x∈1，+∞]恒成立.

∵[x∈1，+∞]時(shí)，[e-x∈0，1e];根據(jù)選項(xiàng)，只需討論[a<0]的情況.

當(dāng)[a<0]時(shí)，[y=xa]在[x∈1，+∞]上單調(diào)遞減，

則[xa∈0，1]，則[e-x≤xa]，∴[-x≤aln x（x>1）]，即[a≥-xln x（x>1）].

設(shè)函數(shù)[h（x）=-xln x]，則[h（x）=1-ln x（ln x）2]，[h（x）]在[1，e]上單調(diào)遞增，在[e，+∞]上單調(diào)遞減，[h（x）max=h（e）=-e]，即[a≥-e]，故選C.

[例2]（2019年武漢調(diào)研）已知函數(shù)[f（x）=ex-aln（ax-a）+a（a>0）]，若關(guān)于[x]的不等式[f（x）>0]恒成立，則實(shí)數(shù)[a]的取值范圍為[（][）].

A. [0， e2]B. [0， e2]C. [1， e2]D. [1， e2]

解：[ f（x）=ex-aln（ax-a）+a>0（a>0）]在[1，+∞]上恒成立，[∵a>0]，[∴]不等式兩邊同時(shí)除以[a]，得[exa>ln（x-1）+ln a-1]，變形為[ex-lna-ln a>ln（x-1）-1]，不等式兩邊同時(shí)加上[x]，得[ex-ln a+x-ln a>ln（x-1）+x-1].

令[g（x）=ex+x]，則[g（x-ln a）>g（ln（x-1））]，易得[g（x）]在[1，+∞]上單調(diào)遞增，∴問(wèn)題轉(zhuǎn)化為不等式[x-ln a>ln（x-1）]在[1，+∞]上恒成立，∴[-ln a>ln（x-1）-x]在[1，+∞]上恒成立.

由切線不等式[ln x≤x-1]得，[ln（x-1）-x≤x-2-x=-2]，∴[-ln a>-2]，∴[0

∴實(shí)數(shù)[a]的取值范圍為[0， e2]，故選B.

評(píng)析：以上兩個(gè)例題思路基本類(lèi)似，但值得注意的是在構(gòu)造同構(gòu)式的過(guò)程中，利用對(duì)數(shù)恒等式變形后，不一定能夠同構(gòu)成功，還需要進(jìn)行一定的四則運(yùn)算配湊，如不等式兩邊同加[x].一般的求解模式：

[變形、構(gòu)造同構(gòu)式

[F（g（x））≥≤F（h（x））]][利用[Fx]的單調(diào)性，轉(zhuǎn)化為[g（x）]與[h（x）]的不等式][研究函數(shù)[F（x）]的單調(diào)性]

2.指、對(duì)數(shù)相關(guān)不等式放縮法

有時(shí)在指、對(duì)數(shù)混合的函數(shù)問(wèn)題中，利用切線不等式[ex≥x+1]、[ln x≤x-1x>0]進(jìn)行放縮，會(huì)大大降低運(yùn)算量，提高解題速率.

[例3]（2020年武漢模擬）已知關(guān)于[x]的不等式[exx3-x-aln x≥1]對(duì)于任意[x∈（1，+∞）]恒成立，則實(shí)數(shù)[a]的取值范圍為 ? ? ?.

解：不等式[exx3-x-aln x≥1]對(duì)于任意[x∈1，+∞]恒成立，即不等式[a≤exx3-x-1ln x]對(duì)于任意[x∈（1，+∞）]恒成立，令[f（x）=exx3-x-1ln xx>1]，

則由題意可得[a≤f（x）min]，

由切線不等式[ex≥x+1]，得

[f（x）=exx3-x-1ln x=x-3ex-x-1ln x=ex-3ln x-1-xln x≥x-3ln x+1-1-xln x=-3]，

當(dāng)且僅當(dāng)[x-3ln x=0]時(shí)，等號(hào)成立，所以[a≥-3].

[例4]（2020年寧德一模）已知函數(shù)[f（x）=x2·eax+1-blnx-ax（a，b∈R）].

（1）若[b=0]，曲線[f（x）]在點(diǎn)[1，? f1]處的切線與直線[y=2x]平行，求[a]的值;

（2）若[b=2]，且函數(shù)[f（x）]的值域?yàn)閇2，+∞]，求[a]的最小值.

解：（1）略;

（2）當(dāng)[b=2]時(shí)，

[f（x）=x2eax+1-2ln x-ax=e2ln x+ax+1-2ln x-ax≥][2ln x+ax+1+1-2ln x-ax=2]，

當(dāng)且僅當(dāng)[2ln x+ax+1=0]時(shí)，取“=”.

所以問(wèn)題轉(zhuǎn)化為[2ln x+ax+1=0]在[0，+∞]上有解，即[a=-1+2ln xx]在[0，+∞]上有解.

設(shè)[h（x）=-1+2ln xx（x>0）]，[h（x）=2ln x-1x2]，

∴[h（x）]的單調(diào)遞減區(qū)間為[（0 ，e）]，單調(diào)遞增區(qū)間為[e，+∞]，所以[h（x）]的最小值為[h（e）=-2e]，故[a]的最小值為[-2e].

當(dāng)[a=-2e]時(shí)，[ f（x）]的值域?yàn)閇2 ，+∞].

評(píng)析：在例3中，若直接對(duì)函數(shù)[f（x）=x-3ex-x-1ln x]進(jìn)行求導(dǎo)，會(huì)比較困難，需另尋新思路.結(jié)合原式從泰勒展開(kāi)式角度思考，嘗試進(jìn)行放縮處理，利用切線不等式[ex≥x+1]，得[ex-3ln x-1-x≥x-3ln x+1-1-x=-3ln x]，注意等號(hào)成立的條件是取到最值的關(guān)鍵.相對(duì)來(lái)說(shuō)，例4則充分體現(xiàn)了放縮過(guò)程中等號(hào)成立條件應(yīng)用的高效性.將[b=2]代入原式，利用對(duì)數(shù)恒等式[x=eln x]變形、切線不等式[ex≥x+1]放縮，即可證明[f（x）≥2]，但題目所求的是[a]的最小值，而上述過(guò)程沒(méi)有涉及參數(shù)[a]的求解，所以考慮用不等式[e2ln x+ax+1≥2ln x+ax+1+1]等號(hào)成立的條件[2ln x+ax+1=0]求[a]的取值，注意檢驗(yàn)最值的合理性.

[例5]（2020年江西模擬）已知函數(shù)[f（x）=axex+b]（其中[e]是自然對(duì)數(shù)的底數(shù)，[a]，[b∈R]）在點(diǎn)[1，? f（1）]處的切線方程是[2ex-y-e=0].

（1）求函數(shù)[f（x）]的單調(diào)區(qū)間.

（2）設(shè)函數(shù)[g（x）=f（x）2x-mx-ln x]，若[g（x）≥1]在[x∈0，+∞]上恒成立，求實(shí)數(shù)[m]的取值范圍.

解：（1）對(duì)函數(shù)[f（x）=axex+b]求導(dǎo)，得[f（x）=a（1+x）ex]，由條件可知[f（1）=ae+b=e]，[f（x）=a（1+1）e=2e]，解得[a=1， b=0]，[∴f（x）=xex]， [f（x）=（x+1）ex]，

令[f（x）=0]，得[x=-1]，

當(dāng)[x∈-∞，-1]時(shí)，[ f（x）<0]，函數(shù)[f（x）]單調(diào)遞減;

當(dāng)[x∈-1，+∞]時(shí)，[f（x）>0]，函數(shù)[f（x）]單調(diào)遞增.

故函數(shù)[f（x）]的單調(diào)遞減區(qū)間為[-∞，-1]，單調(diào)遞增區(qū)間為[-1，+∞];

（2）[g（x）=xe2x-mx-ln x≥1]在[0，+∞]上恒成立.

[g（x）=xe2x-mx-ln x=e2x+ln x-mx-ln x≥][2x+ln x+1-mx-ln x=（2-m）x+1，]即[（2-m）x+1≥1]在[0，+∞]恒成立，∴[2-m≥0]，∴[m≤2].

當(dāng)[m>2]時(shí)，

[g（x）=e2x+ln x-mx-ln x

令[t=2x+ln x（t∈R）]，則[y=et-t， y=et-1].

∴[y=et-t]在[-∞， 0]上單調(diào)遞減，在[0，+∞]上單調(diào)遞增，∴[ymin=1]，∴[g（x）<1]，不合題意.

綜上，實(shí)數(shù)m的取值范圍是[-∞，2].

評(píng)析：本例運(yùn)用對(duì)數(shù)恒等式進(jìn)行變形，以及結(jié)合不等式[e2x+ln x≥2x+ln x+1]進(jìn)行放縮，轉(zhuǎn)化為恒成立問(wèn)題，求出命題成立的必要條件，再證明充分性也成立，這大大縮短了運(yùn)算的過(guò)程，但需要較強(qiáng)的邏輯思維能力與推理論證能力，有一定的靈活性.

對(duì)數(shù)恒等式同構(gòu)式轉(zhuǎn)化法與指、對(duì)數(shù)相關(guān)不等式放縮法是解決指、對(duì)數(shù)式函數(shù)單調(diào)性、極值、最值問(wèn)題的兩種重要思路方法，對(duì)數(shù)恒等式同構(gòu)式轉(zhuǎn)化法本質(zhì)上就是復(fù)合函數(shù)單調(diào)性的應(yīng)用，關(guān)鍵在于對(duì)稱式函數(shù)[Fg（x）≥≤Fh（x）]的構(gòu)造;而指、對(duì)數(shù)不等式放縮法則是借用泰勒展開(kāi)式，消去某些變量或常數(shù)，降低超越函數(shù)——指、對(duì)數(shù)式求導(dǎo)的繁雜程度，實(shí)現(xiàn)降級(jí)求解，注意放縮時(shí)等號(hào)成立的條件往往是解題的關(guān)鍵.

[? ?參? ?考? ?文? ?獻(xiàn)? ?]

[1]? 甘志國(guó).用指數(shù)對(duì)數(shù)恒等式[x=eln x]簡(jiǎn)便解題[J].高中數(shù)學(xué)教與學(xué)，2020（9）：7-9.

[2]? 李文東，王恒亮.利用同構(gòu)式巧解數(shù)學(xué)問(wèn)題[J].高中數(shù)學(xué)教與學(xué)，2019（13）：4-6.

[3]? 錢(qián)鵬，鄒生書(shū).活用“龍鳳不等式”簡(jiǎn)解函數(shù)壓軸題[J].河北理科教學(xué)研究，2019（4）：1-3.

[4]? 馬漢陽(yáng).巧用切線不等式定理證明與導(dǎo)數(shù)有關(guān)的不等式問(wèn)題[J].中學(xué)教學(xué)參考，2019（2）：3-4.

（責(zé)任編輯 黃春香）